电大计算机网络

电大计算机网络（精选8篇）

1.电大计算机网络 篇一

一、单选题1.不能输入到Excel工作表的单元格中的是________答案:B A、=“20,12” B、=20,12 C、20,12 D、=Sheet2!A1+12 2.以下哪个选项不是MPC对音频处理能力的基本要求： ________。答案:B A、录入声波信号 B、保存大容量声波信号 C、重放声波信号 D、用MIDI技术合成音乐 3.______不是多媒体技术的典型应用。答案:D A、教育和培训 B、娱乐和游戏

C、视频会议系统 D、计算机支持协同工作

4.“32位微型计算机”中的32指的是________。答案:D A、微机型号 B、内存容量 C、运算速度 D、机器字长 5.7位二进制编码的ASCII码可表示的字符个数为________。答案:D A、127 B、255 C、256 D、128 6.8个字节含二进制位________。答案:D、A、8个 B、16个 C、32个 D、64个

7.BBS有两种访问方式：Telnet（远程登录）方式和 B、ch C、chn D、china 495.中国教育科研网的缩写为_________。答案:B A、ChinaNet B、CERNET C、CNNIC D、ChinaEDU 496.中英处理器（CPU）可直接读写的计算机部件是_________。答案:A A、内存 B、硬盘 C、软盘 D、外存 497.属于计算机犯罪的是_________。答案:D A、非法截取信息、窃取各种情报

B、复制与传播计算机病毒、黄色影像制品和其他非法活动 C、借助计算机技术伪造篡改信息、进行诈骗及其他非法活动 D、以上皆是

498.属于计算机犯罪类型的是_________。答案:C A、非法截获信息 B、复制与传播计算机病毒 C、ABD都是 D、利用计算机技术伪造篡改信息 499.著作权的权利包括_________。答案:B A、人身权 B、人身权和财产权 C、财产权 D、放弃权 500.专利权属于 _________。答案:A A、工业产权 B、著作权 C、商标权 D、专有权 501.字长16位的计算机，它表示_________。答案:A A、数以16位二进制表示 B、数以十六进制来表示 C、可处理16个字符串 D、数以两个8进制表示

502.最早设计计算机的目的是进行科学计算机，但其主要的都是用于_________。答案:B A、科研 B、军事 C、商业 D、管理

2.电大计算机网络 篇二

矩量法是电磁计算中的基本方法, 其计算精度很高, 经常作为衡量其他电磁计算方法计算精度的基准。但是, 众所周知, 矩量法属于低频算法, 其内存需求正比于N2, 随着未知数N的增加, 内存消耗呈指数递增。从理论上看, 由于寄存器的限制, 32位系统下单个应用程序1次最多能寻址232, 即4 GB内存, 实际32位Windows XP操作系统为2.2 GB。对于电大尺寸问题, 由于矩量法的计算程序无法申请到足够多的存储空间, 从而无法计算。在64位系统中, 程序可寻址到264, 约16 EB的内存, 这样应用程序的可用内存几乎只受计算机物理内存和操作系统的限制。因此, 考虑到利用64位技术的优越性, 开发了64位矩量法的程序, 拓宽了矩量法的应用范围。

在此, 简述了矩量法的基本原理, 利用C语言开发了32位矩量法的计算程序、相关算例, 验证了程序的有效性;讨论了32位程序的局限, 开发了64位矩量法的计算程序, 并给出算例证明了64位计算技术能拓宽矩量法的计算范围。

1 矩量法基本原理

本文所用的矩量法以RWG (rao wilton glisson) 边元为基础, 对目标表面做三角剖分, 拥有公共边的每对三角形构成RWG边元, 在每个边元上定义矢量的基函数为:

$\mathit{f}(\mathit{r})=\{\begin{array}{l}(l{}_m/2A{}_m{}^{+})\mathit{\rho }{}_m^{+}(\mathit{r}),\mathit{r}\in {\rm T}{}_m^{+}\\ (l{}_m/2A{}_m)\mathit{\rho }{}_m^{-}(\mathit{r}),\mathit{r}\in {\rm T}{}_m^{-}\\ 0,\text{其}\text{他}\end{array}(1)$

式中:T+m, T-m为第m个边元所对应的两个相邻三角形;lm为边元长度;A+m, A-m分别为三角形T+m, T-m面积;ρ+m, ρ-m分别为正三角形T+m的自由顶点指向该三角形上的观察点r、负三角形T-m上的观察点r指向该三角形自由顶点的矢量。

于是, 目标表面的电流可以由上面的基函数表示为:

$\mathit{J}(\mathit{r})={\displaystyle \sum _{n=1}^{{\rm N}}\mathit{{\rm I}}}{}_n\mathit{f}{}_n(\mathit{r})(2)$

从电场积分方程[1]出发, 基于矩量法的基本原理, 选取RWG的基函数。采用伽略金法[2], 推导出适合编程求解的矩阵方程为:

$\mathit{{\rm Z}}{}_{mn}\mathit{{\rm I}}{}_n=\mathit{V}{}_m(3)$

基于RWG边元的阻抗矩阵表示为:

$\mathit{{\rm Z}}{}_{mn}=l{}_m[\text{j}\omega (A{}_{mn}^{+}\mathit{\rho }{}_m^{c+}/2+A{}_{mn}^{-}\mathit{\rho }{}_m^{c-}/2)+\Phi {}_{mn}^{-}-\Phi {}_{mn}^{+}](4)$

式中:

$\begin{array}{l}A{}_{mn}^{\pm }=\frac{\mu }{4\text{π}}[\frac{l{}_n}{2A{}_n^{+}}{\displaystyle {\int }_{{\rm T}{}^{+}n}\mathit{\rho }}{}_n^{+}({\mathit{r}}^{\prime })g{}_m^{\pm }({\mathit{r}}^{\prime })\text{d}{S}^{\prime }+\\ \frac{l{}_n}{2A{}_n^{-}}{\displaystyle {\int }_{{\rm T}{}_n^{-}}\mathit{\rho }}{}_n^{-}({\mathit{r}}^{\prime })g{}_m^{\pm }({\mathit{r}}^{\prime })\text{d}{S}^{\prime }](5)\\ \Phi {}_{mn}^{\pm }=-\frac{1}{4\text{π}\text{j}\omega \epsilon }[\frac{l{}_n}{A{}_n{}^{+}}{\displaystyle {\int }_{{\rm T}{}^{+}n}}g{}_m^{\pm }({\mathit{r}}^{\prime })\text{d}{S}^{\prime }-\\ \frac{l{}_n}{A{}_n^{-}}{\displaystyle {\int }_{{\rm T}{}_n^{-}}}g{}_m^{\pm }({\mathit{r}}^{\prime })\text{d}{S}^{\prime }](6)\end{array}$

式中:$g{}_m^{\pm }({\mathit{r}}^{\prime })=\frac{\text{e}{}_m^{-\text{j}k|\mathit{r}{}^{c\pm }-{\mathit{r}}^{\prime }|}}{|\mathit{r}{}_m^{c\pm }-{\mathit{r}}^{\prime }|}$为自由空间格林函数。由于篇幅限制, 本文没有具体推导这些公式, 详见文献[3]。

考虑散射问题时, 激励向量Vm的元素表示为:

$\begin{array}{l}\mathit{V}{}_m=l{}_m\left(\mathit{E}{}_m^{+}\cdot \frac{\mathit{\rho }{}_m^{c+}}{2}+\mathit{E}{}_m^{-}\cdot \frac{\mathit{\rho }{}_m^{c-}}{2}\right)\\ \mathit{E}{}_m^{\pm }=\mathit{E}{}^{\text{i}\text{n}\text{c}}(\mathit{r}{}_m^{c\pm })(7)\end{array}$

考虑辐射问题时, 激励源由入射波变为电压源, 电压发生器通常由传输线跨接在天线的小间隙上。假设小间隙宽度无限趋于零, 则很容易将小间隙与RWG边元联系起来, 即电压激励向量Vm仅在馈电边元处取为馈电电压值V, 其余都取为0。

求解方程 (3) 得到目标表面电流的电流系数矩阵In, 并由式 (2) 得到表面电流, 再由电场积分方程即可得到导体的散射或辐射电场[1]:

$\mathit{E}{}^s=-\text{j}\omega \mu {\displaystyle \int \left[1+\frac{1}{k{}^2}\nabla \nabla \cdot \right]}[\mathit{J}({\mathit{r}}^{\prime })G]\text{d}{S}^{\prime }(8)$

式中:G为自由空间格林函数。

计算阻抗矩阵元素是矩量法的关键问题。在场点与源点相距较远时, 元素计算表达式中的被积函数是平滑函数, 积分可采用三角形上的数值积分近似求解[4,5]。当场点与源点相距较近时, 阻抗矩阵单元表达式中的被积函数变化剧烈, 尤其是在场点和源点重合时, 被积函数是奇异函数。然而, 这些元素的计算精度对整个矩量法的最终精度又尤为重要, 故必须采取一些特殊处理技术。这种奇异积分的处理已经有了许多成熟的方法[5,6,7]。文献[5]中的方法最为简便有效, 为本文所采用。在上面的算法中, 阻抗矩阵的存储是矩量法耗费内存的最主要因素, 理论上正比于N2, 未知数N为RWG边元总数。具体数值关系可见表1。

2 32位矩量法讨论

按照前面的理论开发了32位矩量法计算程序, 为了验证其正确性, 并顺利地向64位系统移植, 进行了如下计算。

算例1: 鉴于天线的辐射, 考虑一蝴蝶结天线, 天线长0.2 m, 张角为90°, 颈宽0.012 m, 位于xoy平面内 (如图1所示) 。馈源加在图1所示的原点处, 计算频率为750 MHz, 剖分出234个节点, 244个三角面元。xoy面内的方向图如图2所示, 实线为本文的计算结果, 圆圈为参考文献[5]结果。可见, 本文结果与文献[5]的结果几乎完全相同。

算例2:鉴于导体的散射, 球常被用来当作衡量计算精度的基准, 这里考虑一个直径为2 m的理想导体球。入射波频率为300 MHz, 计算时剖分出904个节点, 1 804个三角面元。图3为其双站RCS, 实线为本文的计算结果, 圆圈为FEKO计算结果。可以看出, 两者吻合得非常好。这两个算例表明, 本文开发的矩量法计算程序能够实现电磁辐射与散射计算, 计算结果准确可靠。

在算例2中, 共有2 706条RWG边元, 计算时的内存消耗为114 MB, 这在32位计算机上很容易计算。但是随着频率的升高, 计算的内存消耗急剧增加, 如表1所示, 700 MHz时甚至达到3.46 GB, 而在32位Windows XP操作系统下, 单个应用程序所能申请到的最大内存仅为2.2 GB (修改启动文件可达3 GB) 。对于入射波频率为700 MHz时球的散射, 32位系统根本无法申请到足够的内存计算。因此, 本文考虑用64位计算技术拓展矩量法的计算能力。

3 64位矩量法

近年来, AMD, IBM, Intel开发了64位计算技术, 并相继推出了更高级的64位处理器。相对于目前流行的32位技术, 64位技术有着显著的优点, 即由于32位系统寄存器的限制, 单个应用程序一次直接寻址访问的空间被限制在4 GB以内, 而32位Windows XP操作系统的限制为2.2 GB, 这极大地制约了矩量法的求解能力。然而, 64位系统则不同, 理论上, 程序可寻址到264, 约16 EB的内存。可见, 64位系统, 提供了矩量法求解电大尺寸目标的另一种途径。另外, 某些64位处理器有一些特殊的功能, 这使它们在速度上完全超越32位处理器。

基于前面在32位系统上开发的矩量法程序, 本文在Microsoft Visual Studio 2008开发环境中, 采用64位编程技术, 开发了针对64位AMD处理器的矩量法程序, 下面讨论64位矩量法程序的计算能力。

算例3:考虑半径为0.135 m, 高为0.62 m的圆柱散射, 依次变化入射波频率, 分别选用32位和64位矩量法程序进行计算, 对比结果如表2所示。

可以看出, 对于0.135 m×0.62 m的圆柱, 32位计算程序在频率为3 GHz时就无法计算了, 而64位程序的计算能力则可以大幅提高。图4给出了入射波频率为4 GHz时的单站RCS计算结果 (实线) 和测量结果 (虚线, 来自西北工业大学无人机特种技术国防科技重点实验室) 。可以看出, 两者吻合良好。

算例4:考虑一个复杂目标上单极子天线的辐射 (如图5所示) , 根据文献[8], 可以将线天线用横向只有一个RWG边元的细带模型来表示, 细带的宽度约为线半径的4倍。单极子天线长1 m, 位置如图所示, 馈电加在线面连接处的接合边上, 目标总长为3.2 m, 宽为0.8 m, 辐射频率为700 MHz。计算时共剖分出6 095个节点, 11 476个三角面元, 未知量总数为16 866, 需要4.343 GB的内存, 这在32位系统中是无法计算的。图6为天线在xoy面的方向图, 纵坐标表示场点处的电场强度值。图中实线为本文64位矩量法程序的计算结果, 虚线为FEKO的计算结果。可见, 两者非常吻合。从以上例子可以看出, 64位矩量法程序的计算能力确实得到了很大的拓展。

FEKO中采用多层快速多极子技术 (MLFMM) [9]和矩量法与物理光学法的混合方法[10,11]计算电大尺寸目标。多层快速多极子是一种十分有效的加速算法, 其计算复杂度约为O (Nlog N) 。即便如此, 在32位系统下, 也会存在上述内存限制问题。事实上, 本文的方法也可用于基于MLFMM加速的矩量法中。

4 结 语

针对矩量法求解电磁计算问题时, 随着目标电尺寸的增大, 空间复杂度显著增加的问题, 采用64位计算技术进行计算。结果表明, 由于64位技术允许应用程序一次寻址更大的内存空间, 突破了32位技术4 GB的限制, 从而大大拓展了矩量法的可计算范围, 为矩量法求解电大尺寸目标提供了一种简单易行的途径。

参考文献

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3.电大校园网络安全问题及其对策 篇三

摘要：电大校园网在网络安全方面存在着一些不足，容易遭到黑客等不法分子的入侵，从而使学校蒙受不必要的损失，但通过在硬软件方面的六项网络安全措施的弥补下，并且在相关人员的重视和出现问题后的积极处理下，学校的损失可以降到最小，足以保证校园计算机网络能够安全稳定地运转，从而保证师生的正常教学活动。

关键词：电大；网络安全；黑客；病毒

中图分类号:G717文献标识码:A文章编号：1005-1422（2014）06-0151-02一、引言

电大是一所集卫星电视网、互联网和电信网三大网络开展远程教育的新型综合性的现代远程开放性大学。电大现代远程教育人才培养的基本教学模式是：依托卫星通信传输、计算机网络和电信网络，形成丰富多彩、形式多样、高质量的远程教育手段措施和资源。

为了更好地为学生的自主学习提供相应的服务支持，近几年来，电大自上而下加大了计算机网络的建设力度，在人们利用率越来越高的互联网上建成了多个平台系统。比如基于宣传交流的学校WEB系统，用于远程教学的教学平台和视频点播系统，用于扩展知识和辅助教学的数字化图书馆，为师生服务的文件系统等。校园网络作为教学管理信息化的有力支撑起着越来越重要的作用。

然而，随着电大远程开放教育的不断发展，电大各项各种工作的开展越来越依赖于计算机网络的正常工作，计算机网络因其具有连接多样性、终端分布不均匀性和网络的开放性，很容易受到黑客、病毒、恶意软件、木马和其他违法行为的攻击，使电大计算机网络面临严重的威胁，电大计算机网络的安全问题越来越显得突出。因此，在全面了解校园网的安全现状基础上，合理构建安全的体系结构，改善网络应用环境的工作迫在眉睫。

二、常见安全问题

基于安全的角度，电大校园网的安全问题不可忽视，然而它不仅存在于校园的外部网，也存在于校园内部网。常见的电大校园网络安全问题可以归纳为如下几个要点：

（一）系统安全漏洞

校园网内计算机普遍存在着系统软件和应用软件这两方面软件系统的安全漏洞，许多未知名的黑客正是利用了这些软件系统的漏洞进行非法活动。如若不能及时对其进行监测和漏洞更新，黑客会轻易地利用这些安全漏洞，有意避开和绕过系统访问控制机制，对校园网络设备及其资源进行非正常使用或非法破坏；或通过非法手段擅自提高应用权限，超权访问数据和盗用信息。这种行为直接影响到校园的网络安全，甚至有可能导致灾难性的后果。

另外，黑客会以非法手段获得对数据的使用权，通过删除、插入、修改、伪装、嵌入或重构某些重要的信息，从而取得有益于其的非法利益；同时利用恶意添加、篡改数据等手段，干扰管理员和合法用户使用内部网络或外部网络之间的连接。

（二）软硬件管理维护不到位

电大校园网络连接设备分布在整个校园内，这增加了对其的管理难度。暴露在户外的设施，随时都有可能遭到天灾诸如雷击、暴风雨、地震、火灾等或人为盗窃、损毁等有意或无意的破坏，从而造成校园网络部分或全部瘫痪的严重后果。硬件信号屏蔽不够，容易造成信息被窃听。

（三）拒绝服务攻击

拒绝服务攻击是指攻击者想办法让目标服务器停止服务。不可信任的内部网络或外部网络攻击者可能会不断对网络服务系统进行袭扰，使其改变正常的作业流程，执行无关程序而耗费了大量系统资源使系统响应减慢甚至不能运转而瘫痪，从而影响正常用户的使用，甚至使合法用户被排斥在外而不能进入计算机网络系统或得不到相应的服务。另外，特别是近几年兴起的BT、电驴等的泛滥使用占用了大量的网络带宽，给正常的校园网应用带来了极大的威胁。

（四）计算机病毒的破坏

计算机病毒具有隐蔽性、繁殖性、传播性、潜伏性和破坏性等特点。病毒虽小，但它对校园网的破坏性大大超越单机系统，能给正常用户带来极大的不便，并且严重的会致使计算机和网络系统不能正常使用，甚至瘫痪。

（五）备份问题

备份包括硬件、软件和数据方面的备份。在硬件方面，包括网络通信运行系统的备份和网络设备、通信线路的备份。在软件和数据方面，包括网络通信参数、配置、相关软件和数据的备份，相关人员应根据其重要性制订详细的相关备份计划。

在硬件上，电大校园网缺乏一套完整的系统性的数据安全备份、灾难恢复手段；在人员上，相关人员对网络安全观念淡薄，对数据备份意识不足。

•问题探讨•电大校园网络安全问题及其对策三、电大网络安全主要措施

为进一步提高电大校园网络以及服务器的安全性，为保证校园计算机网络能够安全稳定地运转，为电大广大师生提供更好的服务而保证正常教学活动，可以采用如下的几项安全措施：

（一）建立内容过滤和防火墙系统

通过使用过滤器技术，可以屏蔽不良的网站，将对网上色情、暴力、不雅言语和邪教等有着强大的过滤堵截和实时监控功能。

利用防火墙，把整个电大校园网络分为3个级别不同的服务区域，分别为互联网络、校园内部网和校园隔离区。在校园内部网接入电大对内提供服务的服务器；校园隔离区接入电大对外提供服务的服务器。定期查看防火墙的访问日志。

在不同的安全区域配置不同的安全策略，电大校园网内的用户可以正常访问互联网络；互联网上的外部计算机禁止访问校园的内部网，但可以访问校园隔离区中的服务器资源。

（二）运用虚拟子网技术

在校园网划分虚拟子网时，可采用基于端口的VLAN划分方法，将网络分段并隔离，从物理上防止非授权用户访问敏感数据。根据各部门工作性质不同、资源共享对象不同、各部门计算机与学生计算机分开的原则，划分学校的VLAN。为了学校重要信息的安全，可允许学生计算机访问校园网公用服务器资源以及访问互联网，但禁止学生计算机访问学校内各部门的服务器和各教师的计算机。

可以根据不同的应用业务划分不同的安全级别，以限制用户的非法访问，以加强校园网内部的管理。校园网划分子网后，安全性大大提高，网络性能大为改善，管理起来更为方便。

（三）安装杀毒软件

现在杀毒软件大都免费，并且还实现了病毒库的自动更新。安装了杀毒软件之后，可以查杀已知名病毒，大大降低了病毒及木马对计算机的袭扰。同时使用漏洞扫描系统对系统漏洞进行全方位的扫描，寻找出未知漏洞加以修复。

在病毒高发期，也将会及时发出通告，提醒师生注意，提示并协助作相应防范措施。

（四）数据的备份与恢复

随着计算机和网络的普及，电大各项业务的开展都高度依赖于计算机网络的正常稳定的运转，各系统服务器中数据的安全性显得尤为重要。为提高数据的安全性，可以对各服务器采用容错措施处理，如教学平台等服务器等通过磁盘阵列卡实现RAID5模式数据备份；数字图书馆、远程教学视频点播等系统通过磁盘阵列柜实现RAID5模式数据备份；教务、财务等服务器都通过磁盘镜像实现RAID1模式数据备份。

（五）加强服务器系统的安全

服务器系统的安全尤为重要，服务器使用的操作系统主要的是MS Win2K Server网络操作系统。为了提高服务器系统的安全，可以采取如下措施：正确使用及配置操作系统，删除不必要的协议和服务，关闭不需要的服务端口，定期安装系统补丁和更新相应软件，严格定义用户权限配置，安装相应软件进行服务器的监控与屏蔽，建立相应的日志报表服务等。

（六）加强人员安全意识培训

加强领导和管理维护人员对于校园网络安全意识方面的培训，做到领导的“重视”和管理维护人员的“不轻视”，以增加他们应对网络安全维护管理的水平和能力。另外，可以引进高学历高层次的网络管理维护人员，以增加网络管理维护人员的整体技术水平和能力。

通过以上六项主要措施，学校各服务器系统的安全性将大大地提高，网络系统运行将更加地稳定，这将更好地满足了师生教学的需要。

四、结语

虽然电大校园网在网络安全方面存在着一些不足，容易给黑客等的不法分子获得不当利益，从而使学校蒙受一定的损失，但通过在硬件和软件方面的双重弥补下，并且在相关人员的重视和在出现问题时的积极处理下，学校的损失可以降到最小，足以保证校园计算机网络能够安全稳定地运转，保证师生的正常教学活动。

参考文献：

［1］胡勇，杨友强.防火墙技术在四川电大校园网上的应用［J］.中国教育信息化，2008（1）.

［2］胡勇，王宏宇.四川广播电视大学千兆校园网建设与管理［J］.现代远程教育研究，2004（2）.

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［4］李小志.高校校园网络安全分析及解决方案［J］.现代教育技术，2008（3）.

［5］杨学祥等.高校校园网络安全的思考［J］ .网络安全技术与应用，2007（8）.

4.电大计算机网络 篇四

一、是非题（请在括号内，正确的划√，错误的划×）（每个1分，共10分）

1．计算机网络是控制两个对等实体进行通信的规则的结合。（）

2．从通信的角度看，各层所提供的服务可分为两大类，面向连接和无连接。（）

3．TCP/IP体系共有三个层次，它们是网络层、传输层、应用层。（）

4．物理层的任务就是透明地传送比特流。（）

5．在数据链路层，数据的传送单位是帧。（）

6．ARP协议和CSMA/CD协议都是数据链路层协议。（）

7．局域网的协议结构一般包括物理层、数据链路层、介质访问控制层和网络层。（）

8．在载波侦听和总线访问方法上，CSMA/CD类似CSMA协议是一种p-坚持式协议。（）

9．两端用户传输文件，应属于OSI参考模型中的传输层处理（）

10．报文交换又可称为虚电路（）

二、选择题（每个2分，共20分）

1．在TCP/IP协议族中实现从IP地址到物理地址的映射的是（）协议。

A．ICMP B．ARP C．RARP D．IGMP

2．在令牌环中，令牌是（）、（）。

A．由要发送分组的站产生

B．在环上流动的特殊位串

C．由接收站将忙令牌变成空令牌的 D．由网络监控站维护的

3．能实现不同的网络层协议转换功能的互联设备是（）。

A．集线器 B．交换机

C．路由器

D．网桥

4．带宽是对下列哪种媒体容量的度量？（）

A．快速信息通信 B．传送数据

C．在高频范围内传送的信号 D．上述所有的 5．报文交换方式的特点是（）。

A．源节点和目标节点在交换时无需建立专用通路

B．利于实时交互性通信

C．利于减少网络传输的延迟

D．任何情况下发出的报文都能够按顺序达到目的地

6．在电缆中屏蔽有什么好处？（）

A．减少信号衰减 B．减少电磁干扰辐射和对外界干扰的灵敏度

C．减少物理损坏 C．减少电磁的阻抗

7．PPP协议是（）协议。

A．物理层 B．数据链路层 C．网络层 D．传输层

8．在OSI模型中，一个层N与它的上层（第N+1层）的关系是（）

A．第N层为第N+1层提供服务。

B．第N+1层把从第N层接收到的信息添一个报头。

C．第N层使用第N+1层提供的服务。

D．第N层与第N+1层相互没有影响。

9．如果两个不同的计算机类型能通信，那么它们必须（）。

A．符合OSI模型

B．都使用TCP/IP

C．都使用兼容的协议族

D．一个是Macintosh，一个是Unix工作站

三、填空题（每个2分，共20分）

1．假定一网络要分成15个子网，每个子网将包含290台主机。应该使用哪些____________类型的网络地址？

2．所谓____________密码体制，就是使用不同的加密密钥与解密密钥，是一种由已知加密密钥推导出解密密钥在计算上是不可行的密码体制。

3．____________是一个简单的远程终端协议。

4．____________技术就是用数字技术对现有的模拟电话用户线进行改造，使它能够承载宽带业务。

5．在计算机网络中常用的数据交换方式分为____________和存储转发交换，其中存储转发交换又分为____________和____________两种。

6．物理层要解决____________同步的问题；数据链路层要解决____________同步的问题。

7．所谓____________信号就是将数字信号1或0直接用两种不同的电压来表示，然后送到线路上传输。

四、简答题（每个10分，共30分）

1．简述什么是曼彻斯特编码？

2．简述什么是差分曼彻斯特编码。

3．简述交换式局域网和共享式局域网的区别在哪。

五、论述题（共20分）

如图所示为某单位总部与远程的区域

2、区域3以及互联网进行互联，粗线线路1大约1~30公里，细线线路2在200米之内，网内具有千兆传输速率，区域2可以独立有与Internet互联的通道，用户通过电话线与Internet宽带连接。

1．请说明设备1～设备5所采用的设备名及其用途；

2．线路1和线路2所采用的介质；

3．用户端除了带网卡的PC机以外还应配什么设备。

《计算机网络》（本科）模拟试题一

参考答案及评分标准

一、是非题（每个1分，共10分）

1．× 2．√ 3．× 4．√ 5．√ 6．× 7．× 8．× 9．× 10．×

二、选择题（每个2分，共20分）

1．B 2．BD 3．C 4．B 5．A 6．B 7．B 8．A 9．C

三、填空题（每个2分，共20分）

1．A类或B类网络

2．非对称密钥加密（公钥算法加密）

3．Telnet

4．xDSL

5．电路交换 报文交换 报文分组交换

6．比特 帧

7．基带

四、简答题（共30分）

1．（10分）

曼彻斯特编码是将每一个码元再分成两个相等的间隔。码元1是在前一个间隔为高电平而后一个间隔为低电平。码元0则正好相反，从低电平变到高电平。这种编码的好处是可以保证在每一个码元的正中间出现一次电平的转换，这对接收端的提取位同步信号是非常有利的。缺点是它所占的频带宽度比原始的基带信号增加了一倍。

2．（10分）

差分曼彻斯特编码的规则是若码元为1，则其前半个码元的电平与上一个码元的后半个码元的电平一样；但若码元为0，则其前半个码元的电平与上一个码元的后半个码元的电平相反。不论码元是1或0，在每个码元的正中间的时刻，一定要有一次电平的转换。差分曼彻斯特编码需要较复杂的技术，但可以获得较好的抗干扰性能。

3．（10分）

传统的局域网一般是共享总线带宽，若是共享10M的局域网，有5个用户，则每个用户平均分得的带宽最多为2M。这样，对于带宽要求比较高的多媒体应用，如视频会议、视频点播等，这种网络将难以胜任。交换式局域网则改变了这种状况，它利用中央交换器，使得每个接入的链路都能得到带宽保证，典型的交换器总频带可达千兆位，比现有的共享介质局域网的速度提高2个数量级，可充分保证达数据量多媒体应用的带宽要求。

五、论述题（共20分）

1．（每个3分，共15分）

设备1：核心交换机（三层以上交换），具有路由和交换功能

设备2：三层交换机（具有路由功能），具有路由和交换功能

设备3：防火墙，防止外网用户未经授权使用网内资源

设备4：楼层交换机（具有虚网划分功能）

设备5：边界路由器，网内用户与外界的路由选择

2．（每个2分，共4分）

线路1的传输介质：光纤

线路2的传输介质：超五类双绞线

3．（共1分）

用户端设备：ADSL MODEM调制解调器

一、是非题（请在括号内，正确的划√，错误的划×）（每个1分，共10分）

1．为进行网络中的数据交换而建立的规则、标准或约定即为网络协议。（）

2．RS-232是数据链路层标准。（）

3．在计算机通信中，数据链路层通常采用检错重发方式进行差错控制。（）

4．HUB又称中继器。（）

5．路由器是通过网络层进行网络互连的，路由器功能主要是路由和协议转换。（）

6．决定使用哪条途径通过子网，应属于OSI参考模型的数据链路层问题。（）

7．曼彻斯特编码过程是对模拟信号的调制过程。（）

8．在OSI模型中，一个层N与它的上层（N+1层）之间的通信是由网络协议来约定的。（）

9．以太网中的路由器是用于OSI/RM七层模型中的数据链路层的设备。（）

10．DHCP服务器能够用来解析计算机名与IP地址。（）

二、选择题（每个2分，共20分）

1．在TCP/IP协议族中用来实现无连接服务的协议是（）。

A．TCP B．IP C．UDP D．ARP

2．想测试Windows计算机上是否正确地初始化了TCP/IP协议（其固定IP地址是10.169.86.178），要键入的命令是（）。

A．tcpip 10.169.86.178

B．network

C．test

D．ping 127.0.0.1

3．对网络提供某种服务的服务器发起攻击，造成该网络的拒绝服务是（）

A．拒绝服务攻击

B．网络瘫痪

C．网络阻塞

D．非服务攻击

4．MODEM实现了基于（）的计算机与基于（）的电话系统之间的连接。

A．模拟信号 B．数字信号 C．电信号 D．光信号

5．应用层是OSI/RM的第七层，是（）界面，它为应用进程访问OSI环境提供手段。

A．应用进程与应用进程

B．计算机与网络

C．计算机网络与最终用户

D．网络与网络

6．（）有连接建立、数据传输、连接释放三阶段

A．包传输 B．UDP报文传输

C．虚电路 D．以太帧传输

7．在传输量比较大的局域网中，采用（）协议效率高。

A．以太协议 B．竞争协议 C．P坚持协议 D．令牌协议

8．TCP/IP体系共有四个层次，它们是网络层、传输层、应用层和（）。

A．网络接口层

B．数据链路层

C．物理层

D．表示层

9．网络安全技术可分为身份验证技术、数据完整性技术、跟踪审计技术和（）四大类。

A．信息伪装技术

B．密码技术

C．防火墙技术

D．入侵检测技术

三、填空题（每个2分，共20分）

1．131.109.54.1是____________类型IP地址。

2．ARP协议的目的是____________。

3．以太网MAC地址是____________位。

4．计算机网络最基本的两大功能是____________和____________。

5．对等实体之间交换数据或通信时所必须遵守的规则或标准的集合称为____________。

6．超文本传输协议（HTTP）是属于ISO/OSI参考模型中的____________层协议。

7．在____________传输方式中，不发送数据时，信道一直处于高电平状态，每传送一个字符（7位或8位）都要在字符前加1个起始位（起始位为低电平），表示字符的开始，在字符代码和校验码后面加1或2位停止位（停止位为高电平），表示字符结束。

8．数字数据的调制有方法：幅移键控、频移键控和____________。

9．IEEE802标准将数据链路层划分为两个子层：逻辑链路控制子层（LLC）和__________。

四、简答题（每个10分，共30分）

1．简述TCP与UDP的主要区别。

2．简述CSMA/CD的工作过程。

3．对于子网掩码为255.255.252.224的C类网络地址，能够创建多少个子网并简述理由？

五、论述题（共20分）

1．论述路由器的工作原理及主要功能；

2．如图所示，路由器连接四个网段A、B、C、D，每个网段中分别有四台主机。请叙述网段A中的主机A1向网段C中的主机C3发送数据的过程。

《计算机网络》（本科）模拟试题二

参考答案及评分标准

一、是非题（每个1分，共10分）

1．√ 2．× 3．√ 4．× 5．√ 6．× 7．× 8．× 9．× 10．×

二、选择题（每个2分，共20分）

1．C 2．D 3．A 4． BA 5．C 6．C 7．D 8．A 9．A

三、填空题（每个2分，共20分）

1．B类

2．IP地址与物理地址转换

3．32

4．资源共享 信息通信

5．协议（Protocol）

6．应用层

7．异步

8．相移键控

9．介质访问控制子层（MAC）

四、简答题（每个10分，共30分）

1．（10分）

TCP和UDP都是传输层协议。其中TCP是一个面向连接的协议，允许从一台机器发出的字节流无差错地发往互联网上的其它机器。TCP还要处理流量控制，以避免快速发送方向低速接收方发送过多报文而使接收方无法处理。而UDP是一个不可靠的无连接协议，用于不需要TCP的排序和流量控制而自己完成这些功能的应用程序。

2．（10分）

（1）发送站发送时首先侦听载波（载波检测）。

（2）如果网络（总线）空闲，发送站开始发送它的帧。

（3）如果网络（总线）被占用，发送站继续侦听载波并推迟发送直至网络空闲。

（4）发送站在发送过程中侦听碰撞（碰撞检测）。

（5）如果检测到碰撞，发送站立即停止发送，这意味着所有卷入碰撞的站都停止发送。

（6）每个卷入碰撞的站都进入退避周期，即按照一定的退避算法等一段随机时间后进行重发，亦即重复上述1-6步骤，直至发送成功。

3．（10分）

6个子网，224可表示为二进制11100000，对于C类地址有3位可以表示子网，去除全0和全1以外，所以3位可以有6个子网划分。

五、论述题（共20分）

1．（10分）

所谓“路由”，是指把数据从一个地方传送到另一个地方的行为和动作。而路由器，正是执行这种行为动作的设备，是一种连接多个网络或网段的网络设备，它能将不同网络或网段之间的数据信息进行“翻译”，以使它们能够相互“读懂”对方的数据，从而构成一个更大的网络。

路由器是实现网络互联的设备，作用于物理层、数据链路层和网络层。通过网络层互联设备转发数据包时，需要识别网络的第三层地址，以决定一个数据包如何重新包装和发送。

路由器主要有以下几种功能：

（1）网络互连。路由器支持各种局域网和广域网接口，主要用于互连局域网和广域网，实现不同网络互相通信。

（2）判断网络地址和选择网络路径的功能。路由器能在多网络互联环境中，建立灵活的连接，根据网络地址对信息包进行过滤或转发，将不该转发的信息（包括错误信息）都过滤掉，从而可避免广播风暴。适合于复杂的、大型的、异构网互联。

（3）网络管理。路由器提供包括配置管理、性能管理、容错管理和流量控制等功能。

路由器所互联的网络都是独立的子网，它们可以有不同的拓扑结构、传输介质、介质访问控制方法和网络ID，路由器在多个网络之间提供网间服务，并具有相应的协议转换功能。当两个局域网要保持各自不同的管理控制范围时，就需要使用路由器。

2．（10分）

网段A中的主机A1向网段C中的主机C3发送数据的过程如下：

第1步：用户A1将目的用户C3的地址，连同数据信息以数据帧的形式通过集线器或交换机以广播的形式发送给同一网络中的所有节点，当路由器A5端口侦听到这个地址后，分析得知所发目的节点不是本网段的，需要路由转发，就把数据帧接收下来。

第2步：路由器A5端口接收到用户A1的数据帧后，先从报头中取出目的用户C3的IP地址，并根据路由表计算出发往用户C3的最佳路径。因为C3的网络ID号与路由器的C5网络ID号相同，所以由路由器的A5端口直接发向路由器的C5端口应是信号传递的最佳途经。

第3步：路由器的C5已经属于网段C，若网段C是用交换机进行组网的，则由网段C中的交换机将数据帧发给主机C3；若网段C是用集线器组网的，则由网段C中的集线器进行广播，主机C3也就收到了数据帧。

一、是非题（请在括号内，正确的划√，错误的划×）（每个1分，共10分）

1．以太网10Base-T代表的含义是10Mbps基带传输的双绞线以太网。（）

2．目前常用的IP地址由64个二进制位表示（）

3．在ISO/OSI参考模型中，网络层的主要功能是组织两个会话进程之间的通信，并管理数据的交换。（）

4．曼彻斯特编码过程是对模拟信号的调制过程。（）

5．在以太网中，冲突是一种正常现象。（）

6．网络接口卡的功能是实现调制与解调。（）

7．OSPF协议是一种内部网关协议。（）

8．使用路由器互联各网络时，要求各网络间在数据链路层必须使用相同的协议。（）

9．DNS服务器能够将域名解析为IP地址。（）

10．防火墙技术根据其防范的方式和侧重点的不同可分为两大类：一类基于包过滤，另一类基于代理服务。（）

二、选择题（每个2分，共20分）

1．用来检查到一台主机的网络层是否连通命令是（）。

A．PING B．TRACERT C．TELNET D．IPCONFIG

2．下面属于物理层的设备是（）。

A．网桥 B．网关 C．中继器 D．以太网交换

3．对于一个没有经过子网划分的传统C类网络来说，允许安装（）台主机？

A．1024 B．254 C．16 D．256

4．关于HUB以下说法正确的是（）

A．HUB可以用来构建局域网

B．一般HUB都具有路由功能

C．HUB通常也叫集线器，一般可以作为地址翻译设备

D．利用HUB可以无限制的扩充以太网的规模。

5．以太网是以（）标准的实现。

A．IEEE802.1 B．IEEE 802.2 C．IEEE 802.5 D．IEEE 802.3

6．局域网常用的网络拓扑结构是（）。

A．星型和环型

B．总线型、星型和树型

C．总线型和树型 D．总线型、星型和环型

7．常用的通信有线介质包括双绞线、同轴电缆和（）。

A．微波 B．红外线 C．光纤 D．激光

8．常见的网络攻击方法有：口令窃取、木马程序攻击、欺骗攻击、邮件攻击、网络监听、寻找系统漏洞和（）。

A．拒绝服务攻击 B．网络入侵攻击 C．服务攻击 D．信息伪装技攻击

9．下列叙述中，不正确的是（）。

A．FTP提供了因特网上任意两台计算机之间相互传输文件的机制，因此它是用户获得大量Internet资源的重要方法。

B．当拥有一台个人计算机个一部电话机，只要再安装一个调制解调器(Modem)，便可以接到因特网上。

C．E-mail是用户或者用户组之间通过计算机网络收发信息的服务。

D．WWW利用超文本和超媒体技术组织和管理信息浏览或信息检索的系统。

10．下述（）按照从低到高顺序描述了OSI模型的各层。

A．物理，数据链路，网络，传输，系统，表示，应用

B．物理，数据链路，网络，传输，表示，会话，应用

C．物理，数据链路，网络，传输，会话，表示，应用

D．表示，数据链路，网络，传输，系统，物理，应用

三、填空题（每个2分，共20分）

1．在OSI参考模型的层次中，____________的数据传送单位是比特。

2．在当前的网络系统中，由于网络覆盖面积的大小、技术条件和工作环境不同，通常分为广域网、____________和城域网三种。

3．计算机网络主要有____________、____________、集中管理、增加可靠性、提高系统处理能力、安全功能等功能。

4．RSA是_________密钥算法；而DES是_________密钥算法。

5．在TCP/IP参考模型的传输层上，_________实现的是不可靠、无连接的数据报服务，而_________协议用来在一个不可靠的互联网中为应用程序提供可靠的端--端字节流服务。

6．在_________通信方式中，通信的双方可以同时发送和接收数据。

7．xDSL是DSL（Digital Subscriber Line）的统称，意即数字用户线路,是以_________为传输介质的点对点传输技术。

四、简答题（每个10分，共30分）

1．什么是VLAN?

2．什么是计算机网络？它由哪几部分组成？

3．若通信协议使用的生成多项式为G（x）＝ x5 + x3 + x + 1，若接收方接收到的比特串是***，问传输过程有无差错。若正确，请指出冗余位和信息位。

五、论述题（共20分）

试论述CSMA/CD机制

1．名词解释

2．CSMA/CD媒体访问控制方法的工作原理

3．CSMA/CD的访问控制步骤

《计算机网络》（本科）模拟试题四

参考答案及评分标准

一、是非题（每个1分，共10分）

1．√ 2．× 3．× 4．× 5．√ 6．× 7．√ 8．× 9

二、选择题（每个2分，共20分）

1．A 2．C 3．B 4．A 5．D 6．D 7．C 8．A 9

三、填空题（每个2分，共20分）

1．物理层

2．局域网

3．资源共享 数据通信

4．非对称 对称

5．UDP TCP

6．全双工

7．电话线

四、简答题（每个10分，共30分）

1．（10分）

．√ 10．√ ．B 10．C

VLAN全称Virtual Local Area Network（虚拟局域网），是指在交换局域网的基础上，通过网络管理软件划分的可跨越不同网段、不同网络端到端的逻辑网络。一个VLAN组成一个逻辑子网，即一个逻辑广播域，它可以覆盖多个网络设备，允许处于不同地理位置的网络用户加入到一个逻辑子网中。

2．（10分）

计算机网络是就是利用通信设备和线路将地理位置不同的、功能独立的多个计算机系统互连起来，以功能完善的网络软件（即网络通信协议、信息交换方式、网络操作系统等）实现网络中资源共享和信息传递的系统。

计算机网络系统是由通信子网和资源子网组成的。计算机网络首先是一个通信网络，各计算机之间通过通信媒体、通信设备进行数据通信，其次，在此基础上各计算机可以通过网络软件共享其它计算机上的硬件资源、软件资源和数据资源。

3．（10分）

生成多项式为G（x）＝ x5 + x3 + x + 1，可以表示为：101011，用101011去除接收到的数据***，得到余数为0。判定传输正确。

因为G(x)是5次多项式，即r=5，冗余位为5位，即接收到的比特串的后5位01101为冗余码。信息位就是1010001101。

五、论述题（共20分）

1．名词解释（8分）

CSMA/CD是“带有冲突检测的载波侦听多路访问”的英文缩写。所谓载波侦听，意思是网络上各个工作站在发送数据前都要看总线上有没有数据传输。若有数据传输（称总线为忙），则不发送数据；若无数据传输（称总线为空），立即发送准备好的数据。所谓多路访问意思是网络上所有工作站收发数据共同使用同一条总线，且发送数据是广播式的。所谓冲突，意思是，若网上有两个或两个以上工作站同时发送数据，在总线上就会产生信号的冲突，从而使发送的数据称为无效数据，这种情况称数据冲突又称碰撞。为了避免冲突发生后又的影响，工作站在发送数据过程中还要不停地检测自己发送的数据，有没有在传输过程中与其它工作站的数据发生冲突，这就是冲突检测。

2．CSMA/CD媒体访问控制方法的工作原理（6分）

CSMA/CD是一种分布式介质访问控制协议，数据发送具有广播的特点，网中的各个站（节点）都能独立地决定数据帧的发送与接收。在发送数据前，先监听总线是否空闲。若总线忙，则不发送。若总线空闲，则把准备好的数据发送到总线上。在发送数据的过程中，工作站边发送边检测总线，是否与自己发送的数据有冲突。若无冲突则继续发送直到发完全部数据；若有冲突，则立即停止发送数据，但是要发送一个阻塞信号的信号，以便使网络上所有工作站都知道网上发生了冲突，然后，等待一个预定的随机时间，且在总线为空闲时，再重新发送未发完的数据。

3．CSMA/CD的访问控制步骤（6分）

概括地说，CSMA/CD方法发送数据时是按照以下四个步骤进行：

（1）如果网络上共享的传输介质空闲，就发送信息，否则就等待；

（2）在发送开始后的一段时间T内，监听总线，判断是否有冲突；

（3）如果在T时间内没有检测到冲突，就获得对信道的使用权，停止监听，继续发送信息，直到传输结束；

5.电大计算机网络 篇五

---第四章

实训5

局域网网络结构及网络设置

实训内容与步骤

一 集线器的安装集线器常见端口

集线器通常都提供三种类型的端口，即RJ-45端口，BNC端口和AUI端口，及适用于连接不同类型电缆构建的网络。

1.RJ-45接口

RJ-45接口可用于连接RJ-45接头，适用于双绞线构建的网络，这种端口是最常见的，一般来说以太网集线器都会提供这种端口。集线器RJ-45端口即可直接连接计算机 网络打印机等终端设备，也可以与其他交换机 集线器等集线设备和路由器进行连接。当需要的是，当连接至不同的设备，所使用的双绞线的跳线发放有所不同。

2.BNC端口

BNC端口就是用于细同轴电缆连接的接口，它一般是通过BNC T型街头进行连接的，大多数10Mbit/s集成器都拥有一个BNC端口，当集成器同时拥有BNC和RJ-45端口时，由于即可通过RJ-45端口与双绞线网络连接，又通过BNC接口与细缆连接，因此，可以实现双绞线和细同轴电缆两个采用不同通讯传输介质的网络之间的连接。、3.AUI端口

AUI端口可用于连接粗同轴电缆的AUI连接，因此这种连接口用于与粗同轴电缆网络的连接。

4.集成器堆叠端口

这种端口只有是堆集成器才具备的，它的作用也就如它的名字一样，是用来连接两个集成器的，一般来说一个集成器中同时具有两个类似外观类似的端口：一个标注为UP 一个为DOWN。集成器的安装

集线器的安装相对简单，尤其是傻瓜集线器，只要将其固定在配线柜并插上电源线即可。需要连接那根双绞线，就把那根双绞线的的RJ-45头插入至集成器端口即可。智能集成器虽然也是固定好久能行使用，不过，如果实现远程管理，就必须进行必要的配置，为继承其指定IP地址信息。另外在一些大的网络中一般都采用机器式集成器，这样就涉及到集成器的机架安装了。

集线器从结构上来讲有机架式和桌架式的两种，一般部门用的集线器是采用桌面式：企业机房通常用机架式。机架式集线器便于固定在一个固定的地方，一般是与其他集线器 交换机，还有的与服务器安装放在一个机柜中，这一样一来一则便于网络的连接与管理，同时也节省了上设备所占的空间。

机架式的集线器一般都是与其它设备一起安装在机柜中，这些机柜当然在业界都是相应的结构标准，特别是在尺寸方面有严格的规定，这样所有的设备都可以方便 美观的安装在一起，这就是为什么

集线器里面是空空的，却非做的一样大的原因所在，当让机箱大也有另一方面的好处，那就是可以更好的散热。

第一步：固定安装架

再将集线器安装机柜之前，应当先在集线器固定的位置上安装固定支架，这是为以后将集线器安装在机架上做准备，不同的集线器，所安装的支架有较大的差异，不过，安装原理基本一样。第二步：固定设备

安装支架固定好以后，接下来要做的就是把安装好的支架的集线器设备放入机柜相应的位置，并且固定在机柜中。其实方法很简单，固定几个螺丝钉即可。

第三步：固定导线器

将集线器安装值机柜后，就要进行网线连接了，在一个机柜中一般来说有好几个网络设备在地起，这样也就有许多条网线集中在这个机柜中，如果这些网线不理清楚的话对网络管理会带来非常大的不便，为此就需要对网线进行绑捆安装 整理。这时就要为网线安装导线器，从而使网线变得整齐美观，以管理。

集线器在墙上安装地方法有两种方式：一种是把集线器水平的固定在墙上 另一种是把集线器垂直安装在墙上。

二 集线器的连接集线器的信号转发原理

集线器工作于QSI/RM参考模型物理层和数据路程的MAC子层。物理层定义了电气信号，符号，闲的状态和时钟要求，数据编和数据

传输用的连接器。应为集线器只对信号进行整形 放大后再重发，不进行编码，所以是物理层的设备。集线器采用了CSMA/CD协议，CSMA/CD为MAC层协议，所以集线器也含有数据链路层的内容。集线器的工作过程非常简单，它可以这样的简单描述：首先是节点发信号的线路，集线器接受该信号，应信号在电缆传输中有衰减，集线器接收信号后将谁衰减的信号整形放大，最后集线器将放大的信号广播转发给其他所有的端口。集线器的重叠

为了使集线器瞒住大型网络端口对数量的要求，一般较大型的网络中都采用集线器的堆叠或级联方式来解决。但这两种方式的主要应用场合不一样。级联

级联是另一种集线器端口扩展方式，它是指使用集线器普通杀完或特定的端口来进行集线器间的连接的，所谓普通端口就是通过集线器的某一个常用端口进行连接，而所谓特殊端口就是集线器为级联朱门设计的一种级联端口，一般都标注Uplink的字样，应为有两种级联方式，所以事实上所有的集线器都能够进行级联，至少可以同过普通的端口进行。

级联油两种方式：使用Uplink端口级联

Upilin级联端口大多数集线器都会带有，当使用集线器提供的专门用于上行连接的Uplink端口时，通常可利用直通跳线的双绞线将

该端口连接至其他集线器上除Uplink端口外的任意端口。2 使用普通端口级联

6.电大资产评估计算选择题 篇六

1、某被评估资产建于2002年，账面原值为200000元，2005年进行评估，经调查已知同类资产环比价格指数分别为：2003年20%，2004年25%，2005年27%，该资产的重置成本为(381000元)

2、某被估资产预计未来每年可为企业带来净收益20万元，尚可使用10年，若折现率为10%，则该资产的评估值最接近于(123万元)

1、某设备于1990年12月购进，账面价值为200万元，购进时的定基物价指数为102%，2008年12月31日为评估基准日，评估时该类设备的定基物价指数为120%，则该设备的重置成本最接近于(235万元)

2、被评估设备为一年前购建，评估时该设备由于液压系统损坏而无法使用，已知更换全部液压系统需投入100万元，将其他部分修复到全新状态需投入全部重置成本的5%。如果该设备的重置成本为1500万元，不考虑其他因素，则该设备的成新率最接近于(88%)

3、被评估设备为一条年产某产品100万件的生产线。由于市场需求降低，为防止产品积压而不降价销售，则必须降低产量，因此未来每年实际只能生产80万件，预计该设备尚可使用3年。假设每件产品的利润为2元，折现率为10%，企业所得税税率为25%，不考虑其他因素，则该设备的经济型贬值额最接近于(75万元)

4、某类设备的价值和生产能力之间成非线性关系，市场上年加工1 600件产品的该类全新设备的价值为10万元，现为八成新的年加工900件产品的被评估设备的经济型贬值率为(规模效益指数为0.5)(0.25)

5、被评估甲设备为3年前购置，预计评估基准日后甲设备与同类新型设备相比每年运营成本增加10万元，甲设备尚可使用8年，若折现率为10%，企业适用所得税税率为25%，不考虑其他因素，则甲设备的功能性贬值额最接近于(40.01)万元。

6、一台数控机床，重置成本为200万元，已使用2年，其经济寿命为20年，现在该机床的数控系统损坏，估计修复费用为20万元，其他部分工作正常。该机床的实体性贬值额为(38万元)。

7、评估对象为一套设备，该设备与同新型设备相比，在每年产量相同的条件下，多耗费材料10万元。同时由于市场竞争原因，导致在评估基准日后该设备生产的产品销售价格将下降，经分析，由此导致企业每年利润总额减少20万元。若该设备尚可使用5年，折现率为10%，所得税税率为25%，不考虑其他因素，则该设备的经济性贬值最接近于(56.9)万元。

8、某空土地2000平方米，在此上面建一幢10层宾馆，宾馆底层为1200平方米，第二层至第十层每层面积为1000平方米，计算宾馆的容积率为(5.1)

9、某宗土地单价为1万元/平方米,规划容积率为8,建筑物密度为0.5,楼面地价为(1250)万元/平方米。

10、有一宗土地，出让年期为50年，已使用30年，预计未来10年每年的净收益额为15万元，第11年开始每年的净收益额为20万元，假定折现率为10%，则该宗土地的评估值最接近于(139.55万元)

11、某建筑物建成于1990年1月，为砖混结构一等，耐用年限为50年，残值率为2%。该建筑物2001年1月的重置成本为500万元，2001年1月的评估值接近于(392万元)

12、某一土地使用权出让年期为30年，资本化率为10%，预期未来每年的纯收益为10万元，该土地使用权的评估值最接近于(94.27万元)、13、甲评估公司对某企业上市交易的长期债权投资进行评估，长期债权投资账面余额为20万元(购买债券1 000张、面值200元/张)、年利率10%，期限4年。根据市场调查，评估基准日的收盘价为220元/张，则债券的评估值为(220000)元。

14、某企业发行五年期一次还本付息债券20万元，年利率8%，单利计息，评估基准日至到期日还有3年，若以国库券利率4%作为无风险报酬率，风险报酬率取3%，则该债券的评估价值最接近于(206396)元。

15、被评估债券为5年期一次性还本付息债券，票面额20 000元，年利息率为3%，不计复利，评估时该债券购入时间已满3年，设定折现率为7%，该被评估债券的评估值最有可能是(17892.40元)元。

16、被评估企业拥有另一企业发行的面值共90万元的非上市普通股票，从持股期间来看，每年股利分派相当于票面值的10%。评估人员通过调查了解到，股票发行企业每年只把税后利润的80%用于股利分配，另20%用于扩大再生产。假定股票发行企业今后的股本利润率(净资产收益率)将保持在15%左右，折现率确定为12%，则被评估企业拥有的该普通股票的评估值最有可能是(100万元)。

17、某企业计划拥有甲企业发行的面值100万元非上市普通股票，预期甲企业次年发放相当于股票面值12%的股利，且股利以3.75%的速度增长，在折现率为10%的前提下，该100万元股票的价值最接近(192)万元。

18、某公司持有10年期债券1 000张，每张面值100元，票面利率8%，每期付息，到期还本。评估时还有5年到期，市场利率为5%。则该批债券的评估值约为(112986元)。

19、甲厂以机器设备向乙厂投资，协议双方联营10年，双方按各自投资比重分配乙厂的利润，甲厂投资100万元占乙厂资本总额的10%。双方协议投资期满时，乙厂按甲厂投入机器设备的折余价值返还甲厂，设备年折旧率定为5%，评估时双方已经联营5年，前5年甲厂每年从乙厂分得利润分别为：10万元、14万元、15万元、15万元、15万元。经评估人员调查分析，认为乙厂今后5年的生产经营情况基本稳定，甲厂每年从乙厂处分得16万收益问题不大。投资期满，乙厂将返还甲厂机器折余价值50万。根据评估时的银行利率、通货膨胀情况，以及乙厂的经营情况，将折现率定为12%。该项长期投资评估价值为(86.0468万元)。

20、被评估企业拥有甲企业发行的5年期债券100张，每张面值1万元，债券利息率每年9%，复利计息，到期一次还本付息。评估基准日至债券到期还有两年，若适用折现率为15%，则被评估企业拥有甲企业债券的评估值最接近于(116万元)

21、假定社会平均资金收益率为12%，无风险报酬率为10%，被估企业的行业平均风险与社会风险的比率为2，用于整体企业评估的折现率应选择(14%)。

22、假定社会平均资产收益率为8%，无风险报酬率为3%，被评估企业所在行业平均风险与社会平均风险的比率为0.8，则用于企业权益价值评估的折现率应选择(5.5%)。

23、某企业未来5年收益现值之和为1 800万元，折现率与本金化率均为10%，第6年起企业的预期收益固定为500万元，用分段法估算该企业持续经营的价值约为(4905万元)。

24、被评估企业未来5年收益现值之和为2 500万元，折现率和资本化率均为10%，则采用年金资本化法计算企业的整体价值最有可能是(6595)万元。

25、评估某企业，经评估人员分析预测，该企业评估基准日后未来3年的预期净利润分别为200万元、220万元、230万元，从未来第四年至第十年企业净利润将保持在230万元水平上，企业在未来第十年后的资产预计变现价值为300万元，假定企业适用的折现率与资本化率均为10%，该企业的股东全部权益评估值最接近于(1678)万元。

1、一专利技术，法定期限为15年，已使用6年，该技术的成新率是(60%)

2、某企业转让一项专有技术，购买方在采用这项技术后，可以在未来五年分别取得追加利润20万元、30万元、30万元、40万元、40万元。如果不采用这项技术，该企业未来五年的利润均为100万元/年。折现率为10%，则该专有技术转让的利润分成率为(23.7%)

3、甲公司将其拥有的某项产品的商标使用权通过许可使用合同许可给乙公司 使用。使用期为3年。按许可协议，乙公司每年按使用该商标后利润的25%支付给甲公司。乙公司拟年生产该商标产品20万台，每台市场售价为100元，公司预期各年销售利润率为20%，折现率按10%计算，该商标的评估值接近(1 243)万元。

4、某企业的预期年收益额为20万元，行业收益率为10%，该企业可确指的各单项资产评估值之和为150万元，该企业的商誉价值为(50万元)

5、评估对象为一项外观设计专利，经评估人员分析，预计评估基准日后实施该专利可使产品每年的销售量由过去的5万台上升到8万台。假定每台的售价和成本均与实施专利前相同，分别为500元/台和450元/台，收益期为3年，折现率为10%，企业所得税率为33%，不考虑流转税等其他因素，则该外观设计专利的评估值最接近于(249.93)万元。

6、已知被评估企业单项资产评估值之和为5 000万元，该企业评估基准日之后的每年预期收益率为20%，行业平均收益率为15%，假设适用资本化率为10%，企业无限期经营，仅依据上述条件，该企业的商誉最接近于(2500)万元。

7、某企业预计将在今后10年内保持具有超额收益的状态，估计预期年超额收益值保持在25 000元的水平，该企业所在行业的平均收益率为10%，则企业商誉的价值为(153 615)元。

8、某企业预期年收益为20万元，所在行业平均收益率为20%，该企业单项资产评估值之和为80万元，以此计算该企业商誉应为(20)万元。

9、评估人员对某企业的库存甲材料进行评估，被评估甲材料共分三批购入。第一批购入100吨，材料价款共计320 000元，运输费用1 500元;第二批购入100吨，材料价款共计350 000元，运输费用2 000元;第三批于评估基准日当天购入，数量为150吨，材料价款500 000元，运输费用2 000元。经清查，评估基准日企业库存甲材料200吨且保存完好，则该企业甲材料的评估值最接近于(669333)元。

10、某低值易耗品，原价800元，预计使用10个月，现在已经使用了6个月，该低值易耗品的现行市价为1 400元，则确定的低值易耗品的评估值为(560元)

11、对A企业进行资产评估，经核查，该企业产成品的实有数量为5 000件，根据分析，产成品合理材料工艺定额为300公斤/件，合理工时定额为30小时，评估值，产成品的材料价格下跌，由原来的50元/公斤下跌到40元/公斤，单位小时合理工时工资、费用不变，仍为20元/小时，根据资料确定的企业的产成品的评估值为(63000000)元。

12、被评估的某材料系最近购入，当时共购入500件，单价600元，共发生运杂费等8 000元，经盘点，该材料尚余100件，则该批材料的评估值为(61600元)

13、某在用低值易耗品的原价1 000元，摊销后的账面余额为800元，该低值易耗品的使用寿命是1年，截止到评估基准日已经使用了8个月，该低值易耗品的现行市价为1 400元，则评估该低值易耗品的价值约为(466.67)元

7.电大计算机网络 篇七

1 对电大网络教学资源的理解

电大网络教学资源是以中央广播电视大学建设为主,各省级广播电视大学及其分校、教学点自建为辅的网上教学资源,它利用网络多媒体和流媒体技术,是通过网络传播的教学内容以及实施教学活动的教学环境的总称。

中央广播电视大学作为世界上最大的远程教育系统,其教学媒体由原来的文本、音像教材为主,发展到网络环境下的多种媒体资源。随着中央电大在线平台的使用,更进一步的强化了网络教学资源在远程教育中的地位。“电大在线”目前的资源十分丰富,开放专业本专科的几乎所有课程都包括了文本、视频甚至动画等各种形式的教学辅导文章,一定程度上解决了远程学习者的资源获取问题。一些课程论坛也为师生互动提供了一个可靠、方便的平台。总体来说解决了从“无”到“有”的问题,但是从“有”到“使用”还有相当大的距离,从课程的点击率以及大部分课程论坛人气极低的现象就不难看出当前的问题。究其原因还是因为网络教学资源对于远程学习者的帮助程度较低。第一,只求数量,教学资源建设没有计划性,不符合远程学习者的特点。第二,从资源内容看,绝大部分内容与教材雷同,针对性不强,与成人的工作实践没有直接联系,没有体现专业课程的各自特点,多数内容为网上资源的翻炒。第三,从资源类型看,文本资源最多,文本资源中又以概述性内容居多,是简单的教学内容的条目罗列,理解和分析教学内容重难点的少之又少,实用性较差。

2 网络教学资源的优化与整合策略

网络教学资源的设计与开发者应以开发什么样的网络教学资源对学习者帮助最大为课题,积极探索设计与开发的策略,实施资源整合与共建,结合一定的网络教学资源建设的评估机制,促进网络教学资源的整体水平,加快网络教学资源建设步伐。具体来说,可以从以下方面着手。

1)以学习者为中心设计和制作网络教学资源

电大远程学习者必须大量的利用网络教学资源进行自主学习。而成人的学习一般以学历教育为主,再加上他们的入学水平参差不齐,从这个层面上看他们的学习积极性难以提高。设计更多的与实际工作经验相关,着重提高他们的职业素养和业务能力为主的教学内容是重中之重。因此在设计网络教学资源的时候,应注重内容设计和教学内容的目标层次分析。具体说来,在设计网络教学资源时,利用当地的高校优质师资力量,共同开发名品资源,共享优秀教育资源,广泛与高等院校合作,聘请优秀教师和专家担任课程主讲,与教育技术专业课程开发团队协作设计教学内容。内容可以包括重点、难点问题详细的解析,实操训练模拟,习题自测,案例分析与讨论等,应尽可能的设计那些教材与网络文本资源不易表达的内容。应紧跟远程学习者的学习过程,逐步推进教学资源的发布,借助“电大在线”平台的优势,加强师生互动。

2)鼓励省级电大和各级分校自建和共建资源,共享使用

近年来各级电大的自建资源的热情颇高,但是重复建设现象十分严重,同时资源建设的质量堪忧。我们应对这一现象进行必要的引导。把自建与共建高质量的网络教学资源作为评估各级电大的重要指标。对当前“电大在线”平台上的重要并且网络教学资源建设力度较差的课程立项,提供必要的资源建设经费,鼓励引导各级电大参与共建,设立行之有效的网络教学资源的评估手段进行必要的质量监控。不断的从教师、学生中得到使用情况的反馈意见,不断完善与修改网络教学资源的内容,根据教师和学生的使用情况划拨资源建设经费,以此不断的满足远程学习者的需求。

信息高速公路的一个重要特点就是资源共享,建立开放共享的远程教育资源应成为电大远程教育资源建设的重点方向。构筑资源共享机制应从以下方面去引导和带动各级电大一起动起来:一是政策保障,中央广播电视大学应从政策和文件精神方面引导各级电大领导的思想认识,以评估手段去促进各级电大的资源共享成为现实;二是技术保障,中央广播电视大学应组织专家对各专业课程的资源建设制定统一技术规范和标准,严格要求各级电大认真执行,对积极贡献者给予支持,对合理使用者提出要求;三是教学平台的保障,由于技术上的规范统一,在此基础上制作的网络教学资源能够保证在中央广播电视大学的平台上全面使用。

3)交流互动资源

优质的网络教学活动离不开师生之间的积极互动,这种交互方式能全面激发远程学习者的学习动机,长期激发他们的学习兴趣,有助于他们的个性化学习。利用“电大在线”平台上的课程论坛,布置作业和提交作业系统等交互活动,积极的创建互动网络教学资源。这种交互活动为远程学习者提供了一个临时的远程学习环境,便于教师集中回答学生学习中的问题,便于教师随时了解远程学习者的学习进度和学习态度,使学生能及时得到教师的指导和帮助。

4)对现有网络教学资源进行合理的筛选与合理配置

目前现有的电大网络教学资源质量层次不齐,数量巨大,中央电大应组织各专业负责人和课程资源评价机构进行整合。电大开创20多年来,积累了大量的、丰富的教学资源和教学经验,曾经有过优势,特别是糸统优势明显,资源的整合对于电大系统来说并不是个很困难的问题。

从课程层面上来说,资源整合的关键在于确定一种或数种网上教学模式。制定与网上教学模式相互适应的分类原则、标准和组织框架。因此在教学资源的整合过程中应避免盲目堆集那些与教学活动和网络教学模式不相适应的教学资源。因为带有盲目性,使教师在使用时,还要再花费许多时间进行了解和鉴别的工作。另外,如果设计的资源分类架构不符合元数据分类的方法和标准,会出现一条信息的多次定义,或出现信息过多相互包含和重叠的情况,造成资源库难于管理的困境。因此我们首先要把握各专业知识体系,合理地整合教学资源。

从宏观上来说,网络教学资源的管理和使用部门应根据教学需要,收集、制作、存储、管理多种媒体素材,要对那些远程学习者反映较好的音像教材积极进行统一的数字化处理,并对其合理的编排与组织,提高已开发资源的利用率;对于已有的文本资源应根据内容逐步去除重复资源,无用资源。丰富多媒体教学信息库中光盘、磁盘、CAI课件、电子教案、VOD点播、直播课堂、网上测试、网上辅导等资源,并及时向师生通报教学资源、教学管理信息,提供教学资源目录。

3 总结

综上所述,电大要发展远程教育,优化与整合高质量的教学资源是重中之重,而要建设好一流的网络教学资源必须发挥包括电大系统的全体教师、技术人员和管理人员的积极性和主动性,甚至包括系统外的各项软硬实力的支持。网络教学资源的整合与优化是新时期电大远程教育发展的一个重要组成部分,而建设丰富的、高质量的适合现代远程教育的网上教学资源则是一项艰巨的任务,我们必须为此进行不懈的努力。只有这样,电大的网络教学资源才会百花齐放,适合成人的学习,真正实现开放教育试点的目的——培养出会学习、实践性强的应用型人才。

摘要：电大网络教学资源建设由来已久,近年来电大的发展对电大网络教学资源建设提出了新的要求。笔者联系自身教学实践,提出了一系列电大网络教学资源建设的整合和优化策略。

关键词：电大,网络教学资源,整合,优化

参考文献

[1]赵杨群.精品课程优质教学资源建设研究[J].教育与职业,2010(24):129.

[2]谢江田.电大糸统学习资源建设的策略选择[J].中国远程教育,2002(4).

[3]潘俊,杨亚萍.地方电大在教学资源建设工作中存在的问题[J].中国远程教育,2002(4).

8.电大计算机网络 篇八

【关键词】电大；计算机应用基础；问题分析；解决措施

一、电大计算机应用基础教学中存在的问题及形成原因

电大在进行计算机应用基础教学的过程当中还具体存在着较多方面的问题，下面简要说明之：首先就是学员本身的水平有着较大的区别，电大学院显著的特点就是学员多为在职的人员，因此其计算机基本知识以及基本技能的掌握程度是有着较大区别的，有的学生在学习之前就对计算机技术相当熟悉，但也有学员在此之前是没有接触过计算机的，因此在进行教学的过程当中首先就要考虑到这样一个方面的问题。其次就是教学时间上的限制，计算机知识及其技能所涉及到的方面较多，在有限的教学时间内是很难逐一涉及到的，因此教学过程当中还需要进行合理的取舍。再次就是章节内容上的差异，电大计算机应用基础教学当中涉及到的内容往往观念性并不大，往往一章的内容就是一门课程的缩影，学生在学习的过程当中也就很难将其良好的串接起来。

二、电大计算机应用基础教学的解决方案分析

通过上文中一系列的说明和分析我们就可以看到，电大计算机应用基础课程虽然看似简单，但是在实际的教学过程当中还是存在着较多方面的具体问题的，下文中正是针对于上文中提出的一系列问题进而提出了可行的解决方案。

1.分层次教学。上文中已经提及电大学生本身较为特殊，通常都是在职人员，因此其自身的素质是有着千差万别的，有的对于基本的计算机知识和技能已经相当熟练，但是也有部分人员是没有接触过计算机的。针对于这样一种现实的状况，我们就可以在教学的过程当中采取分层次教学，也就是在课程开始之前对学生进行一个摸底的测试，然后对于一些层次较高的就可以直接免修计算机应用基础教程而直接进入到后续的学习当中去，但是同样需要参加相关方面的考试。而其他的人员就需要按照课程要求按部就班的进行学习。通过这样一种分层次的教学计划，基本上就能够将授课的进度控制的比较到位，也能够保证在教学的过程当中学生都能够在自己原有的水平基础上更有大的提高。

2.教学实践的差异。在教学的过程当中可以采取各种不同的方法和手段来保证教学时间尽可能的充足，在这其中可以利用教学案例或者是任务驱动来进行，实际上主要强调的就是利用效率来换取有效的学习时间，使得教学过程在空间和时间上都有所拓展。具体来说，教师就可以在教学过程开始之前精心的准备一系列的案例以及任务，并尽可能的保证所有的教学知识点都贯穿于其中，这样就能够在课堂之上实现以较少的教学时间完成较多的教学目标和内容。实际上，这样一种教学模式和操作也能够在一定程度上解决理论教学和实际操作脱节的问题。

3.完善教学手段。集中授课和上机辅导是电大计算机应用基础教学过程当中相当关键的两个环节，在这样两个环节当中充分利用网络教学平台对于教学效果的提升就是非常明显的，一方面是能够拓展教学过程的时间范围和空间范围，另一方面还能够将传统的教学方法与网络教学手段良好的结合到一起。在网络环境之下实现学生个性的彰显就需要保证学生在进行学习的过程当中是按照自己的认知水平来进行学习的，在这样一种状况下学生的学习就完全是主动参与和完成的，所学到的往往也不仅仅只是知识，更多的是传统教学所无法比拟的学习态度和方法。在这里我们对其中一些典型的措施和方法进行说明。首先就可以利用投影课件等来进行现场的演示，在此基础之上帶领操作；其次就可以在教学的过程当中向学生推荐一些比较好的计算机应用基础教学的视频网站；再次就是可以利用现代先进的通讯交流工具来进行交流、互动和答疑；最后教师还可以将自己制作整理的一些多媒体课件、教学重点内容以及相关方面的试验素材等都放在网上供学生下载使用，这样一方面是便于学生在课后进一步的进行拓展学习，另一方面就是能够让学生在学习的过程当中更加明确的掌握好教师教学过程当中的重点，并根据自己的实际掌握情况来进行调整和跟进。

4.课程的全新定位。在电大计算机应用基础教学中对课程进行全新定位其最为主要的原因就是希望学生能够尽快的适应于现代社会环境的新要求，在教材体系上要避免教材的内容过于陈旧，在使用周期相对较长的状况下就要尽可能的引进一些计算机的前沿科学和知识，并一定程度的缩短教材本身的使用周期。

三、结语

通过上文中的分析和说明我们就可以看到，对电大计算机基础教学进行一定程度的改革可谓是势在必行的，在进行改革的过程当中，很重要的一点就是要及时的改变观念并在此基础之上深化改革，以此来建立起科学的课程体系。在改革的过程当中应当充分的利用现代化的教育技术手段，并针对于电大计算机应用基础教学当中切实存在的问题来进行处理和改进，希望能够为学生的进步和发展起到较好的作用。

参考文献：

[1]关心.关于高等学校计算机基础教学存在问题的探讨[J].黑龙江教育，2006（3）.